Em dom., 21 de jun. de 2020 às 20:09, Jeferson Almir
escreveu:
>
> Amigos peço ajuda no seguinte problema( item b principalmente).
>
> Considere a expansão
> ( 1 + x + x^2 + x^3 + x^4 )^496 = a_0 + a_1x + + a_1984x^1984
>
> a) Determine o mdc( a_3, a_8, a_13, ... , a_1983 )
>
> b) Prove que
Valeu Esdras !!!
Em sex, 21 de set de 2018 às 01:40, Esdras Muniz
escreveu:
> Suponha por absurdo que (7-Ri)>=0 para toda raiz Ri, i=1,...,100.
> Daí, por Ma>=Mg, temos:
> 1>=\sqer[100]{(7-R1)(7-R2)...(7-R100)}>1 então 1>1, o que é um absurdo.
>
> Em sex, 21 de set de 2018 às 01:05, Jeferson
Suponha por absurdo que (7-Ri)>=0 para toda raiz Ri, i=1,...,100.
Daí, por Ma>=Mg, temos:
1>=\sqer[100]{(7-R1)(7-R2)...(7-R100)}>1 então 1>1, o que é um absurdo.
Em sex, 21 de set de 2018 às 01:05, Jeferson Almir
escreveu:
> Este problema é de uma R.P.M que não sei qual o exemplar e peço ajuda.
Pior que quando eu escrevei aquilo, eu pensei mesmo duas vezes se devia
explicar este detalhe... Mas, em vista de discussoes passadas (como esta
que voce citou), achei que podia passar batido e esperar alguem perguntar,
se fosse o caso... Tipo, recentemente, numa olimpiada dessas, houve uma
breve
Oi, Mateus et alli
Eu cutuquei o Ralph porque há tempos ele colocou exatamente essa sua
explicação "vindo em defesa" de uma solução que eu havia postado de outro
problema". Rsrsr.
Achei importante explicitar esse detalhe pra galera.
Grande abraço
Nehab
Em 28 de novembro de 2017 12:07, Matheus
Para ver que Q(x), basta ver que (x-a)(x-b)(x-c)(x-d) tem coeficiente lider
1 e ao fazer a divisão longa de P(x) por este polinomio com coeficiente
lider 1, não há riscos de introduzir frações.
Abs,
Secco
Em 28 de nov de 2017 11:58 AM, "Carlos Nehab"
escreveu:
Oi, Ralph
Oi, Ralph
E o detalhe que Q(x) tem coeficientes inteiros..., "exprica prá nóis"!
Abraços
Nehab
Em 27 de novembro de 2017 21:51, Ralph Teixeira
escreveu:
> Acho que eles queriam 4 raizes inteiras distintas.
>
> Neste caso, temos P(x)=(x-a)(x-b)(x-c)(x-d)Q(x) onde Q(x) tem
Bom dia!
O Ralph seguiu o caminho certo. Contagem é para coisas distintas.
Multiplicidade da raiz já é outro conceito.
A solução do Ralph foi perfeita, pois, além de considerar as quatros
raízes, não fez restrição à multiplicidade dessas raízes.
Em 27 de novembro de 2017 21:51, Ralph Teixeira
Acho que eles queriam 4 raizes inteiras distintas.
Neste caso, temos P(x)=(x-a)(x-b)(x-c)(x-d)Q(x) onde Q(x) tem coeficientes
inteiros e a,b,c,d sao as 4 raizes inteiras distintas.
Se P(x)=2 tivesse raiz inteira, digamos, x=n, entao teriamos
P(n)=(n-a)(n-b)(n-c)(n-d)Q(n)=2. Mas entao n-a, n-b,
2x^4 também é contra-exemplo
Em 27 de nov de 2017 19:41, "Bruno Visnadi"
escreveu:
> As raízes precisam ser distintas? Se podem ser iguais, x^4 - 3 x^3 + 3x^2
> - 1x é um contra-exemplo ao problema.
>
> Em 27 de novembro de 2017 20:09, André Lauer
As raízes precisam ser distintas? Se podem ser iguais, x^4 - 3 x^3 + 3x^2 -
1x é um contra-exemplo ao problema.
Em 27 de novembro de 2017 20:09, André Lauer
escreveu:
> Boa noite, preciso de ajuda no seguinte problema:
> Um polinômio P(x) tem coeficientes inteiros e
Muito boa explicação Carlos Gomes, observações muito inteligentes
Em 25 de julho de 2017 23:01, Pedro Júnior
escreveu:
> Obrigado, não havia percebido o deslize!
>
> Em 25 de jul de 2017 10:48 PM, "Carlos Gomes"
> escreveu:
>
>
> Pelo teorema
Obrigado, não havia percebido o deslize!
Em 25 de jul de 2017 10:48 PM, "Carlos Gomes"
escreveu:
Pelo teorema do resto,
p(2)=p(3)=p(4)=r e p(1)=0
Considerando o polinômio q(x)=p(x)-r, segue que q(2)=q(3)=q(4)=0. Assim,
q(x)=A.(x-2)(x-3)(x-4), com A real. Portanto,
Pelo teorema do resto,
p(2)=p(3)=p(4)=r e p(1)=0
Considerando o polinômio q(x)=p(x)-r, segue que q(2)=q(3)=q(4)=0. Assim,
q(x)=A.(x-2)(x-3)(x-4), com A real. Portanto,
p(x)-r=q(x)=A.(x-2)(x-3)(x-4) ==> p(x)=A.(x-2)(x-3)(x-4)+r.
Ora, como p(1)=0, segue que 0=A(1-2)(1-3)(1-4)+r ==> r=6A
Assim,
Vou ajeitar a ideia do Bruno, que eh muito boa -- vou botar um parametro
arbitrario na frente do primeiro polinomio:
Entao, crio P(x)=k(x-2)(x-3)(x-4) -> P(1)=-6k (onde k<>0)
Entao R(x)=k(x-2)(x-3)(x-4)+6k eh tal que R(1)=0; mais ainda,
R(2)=R(3)=R(4)=6k, portanto R(x) deixa o mesmo resto 6k na
Os polinômios que mencionei no formato Q(x) + nP(x) não são necessariamente
múltiplos de (x-1). Mas Q(x) é um exemplo de polinômio que estamos
procurando.
Pelo o que entendi, dois polinômios diferentes podem deixar restos
diferentes, desde que seja o mesmo resto para (x-1), (x-2) e (x-3), certo?
Opa, deixei passar um erro bem básico! Estou corrigindo, um momentinho
Em 25 de julho de 2017 22:04, Pedro Júnior
escreveu:
> Obrigado, didático e criativo.
> Valeu mesmo!
>
> Em 25 de jul de 2017 9:55 PM, "Bruno Visnadi"
> escreveu:
>
Obrigado, didático e criativo.
Valeu mesmo!
Em 25 de jul de 2017 9:55 PM, "Bruno Visnadi"
escreveu:
> Seja P(x) = (x-2)(x-3)(x-4) = x³ - 9x² + 26x - 24 -> P(1) = -6
>
> Seja Q(x) = P(x) + 6 -> Q(1) = 0 -> Q(x) é múltiplo de (x-1)
>
> Perceba que Q(x) deixa resto 6
Seja P(x) = (x-2)(x-3)(x-4) = x³ - 9x² + 26x - 24 -> P(1) = -6
Seja Q(x) = P(x) + 6 -> Q(1) = 0 -> Q(x) é múltiplo de (x-1)
Perceba que Q(x) deixa resto 6 por (x-2), (x-3) e (x-4). Todo polinômio no
formato Q(x) + n*P(x), para todo n, deixa resto 6 por
(x-2), (x-3) e (x-4).
Em 25 de julho de
Oi Wanderlei,
seja o resto dado por R(x)=ax^3+bx^2+cx+d.
Onde tiver x^2 em R(x) substitua por (-x-1) e force ser igual a -x+1;
encontrando :
c-b=-1 e a+d-b=1. Depois onde tiver x^2 substitua por(x-1) e force ser
igual a 3x+5; encontrando b+c=3 e d-b-a=5.
conclusão : a=-2, b=2 , c=1 e
Muito obrigado, Douglas!
Eu não conhecia esse teorema. Com certeza é muito valioso!
Em 27 de maio de 2017 17:08, Douglas Oliveira de Lima <
profdouglaso.del...@gmail.com> escreveu:
> Então:
>
> *Podemos usar o seguinte teorema: Na divisão de um polinômio p(x) por
> h1(x) o resto é r1(x); na
Então:
*Podemos usar o seguinte teorema: Na divisão de um polinômio p(x) por h1(x)
o resto é r1(x); na divisão de p(x) por h2(x) o resto é r2(x); na divisão
de p(x) por h1(x).h2(x) o resto é r(x). Se r(x) é dividido por h1(x) o
resto é r1(x) e dividido por h2(x) o resto é r2(x).*
*O resto da
Simples, Gabriel.
A solução dele da página 260 está errada e a sua certa.
Fica frio.
Tá estudando num ótimo livro.
Abs Nehab
Em 8 de julho de 2015 22:07, Gabriel Tostes gtos...@icloud.com escreveu:
Ache o resto de x^100 -2.x^51 + 1 na divisao por x^2 - 1.
Eu nao entendo por que o resto eh
a+b+c=17
ab+ac+bc=m
abc=n^2
abc tem que dar um quadrado perfeito
a=6,b=3,c=8
n=12
m=92
2015-05-18 7:23 GMT-03:00 marcone augusto araújo borges
marconeborge...@hotmail.com:
Encontrar todos os inteiros positivos m e n tais que todas as soluções de
x^3 - 17x^2 + mx - n^2 = 0 são inteiras
--
e uma soluçao
2015-06-18 14:13 GMT-03:00 saulo nilson saulo.nil...@gmail.com:
a+b+c=17
ab+ac+bc=m
abc=n^2
abc tem que dar um quadrado perfeito
a=6,b=3,c=8
n=12
m=92
2015-05-18 7:23 GMT-03:00 marcone augusto araújo borges
marconeborge...@hotmail.com:
Encontrar todos os inteiros
a+b+c=17
ab+ac+bc=m
abc=n^2
abc tem que dar um quadrado perfeito
a=6,b=3,c=8
n=12
m=90
2015-06-18 14:13 GMT-03:00 saulo nilson saulo.nil...@gmail.com:
e uma soluçao
2015-06-18 14:13 GMT-03:00 saulo nilson saulo.nil...@gmail.com:
a+b+c=17
ab+ac+bc=m
abc=n^2
abc tem que dar um quadrado
Boa tarde!
É um pouco complicado pois as soluções podem ser negativas pelo enunciado.
A restrição quanto a ser positivo é somente para m e n.
a+b+c = 17
abc = n^2.
Podemos ter raizes com a seguinte configuração.
*s, s e t^2 com t Ɛ 2Z+1 *
t =1== s= 8 == (1,8,8) é solução == n= 8 e m = 80.
t=3
?
--
From: esdrasmunizm...@gmail.com
Date: Wed, 25 Sep 2013 13:28:35 -0300
Subject: [obm-l] Re: [obm-l] RE: [obm-l] RE: [obm-l] Polinômios
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Tome o polinomioQ(y)= P(1/x) fazendo y=1/x, temos:
Q(y)=a(n) + a(n-1)y + ...+ a(3)y^(n-3) + y^(n-2
Subject: [obm-l] Re: [obm-l] RE: [obm-l] RE: [obm-l] Polinômios
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Tome o polinomioQ(y)= P(1/x) fazendo y=1/x, temos:
Q(y)=a(n) + a(n-1)y + ...+ a(3)y^(n-3) + y^(n-2) + y^(n-1) + y^n
sendo r1, r2, ..., rn as raizes de Q(y) (com repetição). note que se R1,
R2,..., Rn são
Sim,-1,claro.Enfim,acabei entendendo tudo.Valeu!
From: esdrasmunizm...@gmail.com
Date: Thu, 26 Sep 2013 11:31:55 -0300
Subject: [obm-l] Re: [obm-l] RE: [obm-l] Re: [obm-l] RE: [obm-l] RE: [obm-l]
Polinômios
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Obs: eu estou mostrando que as raizes de Q não podem ser todas
, 24 de Setembro de 2013 23:00
Assunto: [obm-l] RE: [obm-l] Polinômios
Sendo cp = 1/ap
a1a2...an = +-1/an
a1a2...an(1/a1 + 1/a2+...+1/an) = -+1/an
a1a2...an(1/a1a2 + 1/a1a3 +... +1/an-1an) = +-1/an
Logo: (1/a1 + 1/a2+...+1/an) = -1
(1/a1a2 + 1/a1a3 +... +1/an-1an) =1
x=c1+c2+ ... +cn = -1
As expressões entre parêntesis na penúltima linha não são ambas iguais a 1?E
por que ´´para n par...´´?
From: joao_maldona...@hotmail.com
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Subject: [obm-l] RE: [obm-l] Polinômios
Date: Tue, 24 Sep 2013 23:00:14 -0300
Sendo cp = 1/ap
a1a2...an = +-1/an
a1a2...an(1
entre parêntesis na penúltima linha não são ambas iguais a 1?
E por que ´´para n par...´´?
--
From: joao_maldona...@hotmail.com
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Subject: [obm-l] RE: [obm-l] Polinômios
Date: Tue, 24 Sep 2013 23:00:14 -0300
Sendo cp = 1/ap
a1a2
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Subject: [obm-l] RE: [obm-l] RE: [obm-l] Polinômios
Date: Wed, 25 Sep 2013 15:51:07 +
As expressões entre parêntesis na penúltima linha não são ambas iguais a 1?E
por que ´´para n par...´´?
From: joao_maldona...@hotmail.com
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Subject
Por que r1+r2+...+rn = -1?
From: esdrasmunizm...@gmail.com
Date: Wed, 25 Sep 2013 13:28:35 -0300
Subject: [obm-l] Re: [obm-l] RE: [obm-l] RE: [obm-l] Polinômios
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Tome o polinomioQ(y)= P(1/x) fazendo y=1/x, temos:Q(y)=a(n) + a(n-1)y + ...+
a(3)y^(n-3) + y^(n-2) + y^(n-1
Sendo cp = 1/ap
a1a2...an = +-1/an
a1a2...an(1/a1 + 1/a2+...+1/an) = -+1/an
a1a2...an(1/a1a2 + 1/a1a3 +... +1/an-1an) = +-1/an
Logo: (1/a1 + 1/a2+...+1/an) = -1
(1/a1a2 + 1/a1a3 +... +1/an-1an) =1
x=c1+c2+ ... +cn = -1
y=c1c2+c1c3+...+cn-1cn = 1
c1²+c2² +... +cn² = (c1+c2+ ... +cn)²
Jogando valores , P(0)=0, P(1)=1, P(2)=2 , P(5)=5 , ... Já deu para desconfiar
de P(x)=x .Dado um P(n)=n , smp conseguimos gerar P(n^2+1)=n^2 +1 , O que nos
garante infinitos valores de x tais que P(x)=x. Seja F(x)=P(x)-x , F(x) possui
infinitas raízez. Logo F(x) é identicamente nulo. O que no
@mat.puc-rio.br
Subject: [obm-l] RE: [obm-l] polinômios
Date: Thu, 13 Oct 2011 06:25:38 +
Jogando valores , P(0)=0, P(1)=1, P(2)=2 , P(5)=5 , ... Já deu para desconfiar
de P(x)=x .Dado um P(n)=n , smp conseguimos gerar P(n^2+1)=n^2 +1 , O que nos
garante infinitos valores de x tais que P(x)=x
2011/10/13 Luan Gabriel luan_gabrie...@hotmail.com:
Sem querer ser chato,mas ainda
sobrou mais uma questão desse tipo,mas não consegui resolver:
Prove que se P(x) tem coeficientes inteiros, então P(x^4).P(x^3).P(X^2).P(x)
+1 não possui raízes inteiras.
Bom, tentando resolver Q(x) = 0, você
2011/10/12 Luan Gabriel luan_gabrie...@hotmail.com:
Galera, resolvi uma questão, mas como não tenho o gabarito dela queria
confirmar...
Neste caso, o melhor a fazer é explicar o que, como (e se der,
porquê) você fez!! E talvez incluir algo dizendo eu estou em tal
ano para o pessoal calibrar a
É melhor deixar os outros pensarem a questão do começo do que serem induzidos
:P
Date: Wed, 12 Oct 2011 16:33:01 +0200
Subject: [obm-l] Re: [obm-l] polinômios
From: bernardo...@gmail.com
To: obm-l@mat.puc-rio.br
2011/10/12 Luan Gabriel luan_gabrie...@hotmail.com:
Galera, resolvi uma
É melhor deixar o pessoal pensar do que ser logo induzido à alguma solução =P
(não sei se demora entrar a msg na lista,talvez eu acabe mandando duas msg ou
uma errada hehehe desculpa)
Date: Wed, 12 Oct 2011 16:33:01 +0200
Subject: [obm-l] Re: [obm-l] polinômios
From: bernardo...@gmail.com
Tente escrever cada x^n como uma combinação destes polinômios.
2011/4/6 Samuel Wainer sswai...@hotmail.com
Sejam a, b doiselementos não nulos no corpo F. Provar que os polinômios 1,
(aX + b), (aX + b)^2, (aX + b)^3, ... formam uma base de F[X]. Onde F[X] é
o espaço dos polinômios sobre F.
Bernardo, acho que você se esqueceu de um detalhe, o argumento não
funcionaria para 3 raízes.
Seja o polinômio P(x) = x³ - 10x² + 16x + 7.
Temos P(0) = P(2) = P(8) = 7 e P(1) = 14.
Qual é o detalhe? Bem, acho que vou deixar pra você descobrir. O polinômio
acima é bem sugestivo...
Fernando
Então na verdade, 4 = 3 e 14 = 7 + primo, é isso ?
A única parte a mais do exercício acima é ver porque o argumento do
Johann não funciona com apenas 2 raízes iguais a 7, e porquê
funcionaria com 3.
--
Bernardo Freitas Paulo da Costa
2010/11/2 Johann Dirichlet peterdirich...@gmail.com:
Ola Bluesman e demais
colegas desta lista ... OBM-L,
(escreverei sem acentos)
Considerando que voce esta se referindo a uma prova que esta testando
conhecimentos de nivel medio, a sua resposta esta correta.
Alias. essa prova esta muito mais para pegadinha do que para
afericao de conhecimento ...
Amigos,
Foi uma questão da UFRJ. Uma ajuda por favor..
* *Um novo exame para detectar certa doença foi testado em trezentas
pessoas, sendo duzentas sadias e cem portadoras da tal doença.
Após o teste verificou-se que, dos laudos referentes a pessoas sadias,
cento e setenta resultaram
.
Abracos
- Original Message -
From: Ojesed Mirror
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Sent: Saturday, May 17, 2008 6:16 PM
Subject: [obm-l] Re: [obm-l] Polinômios de variável complexa
Ribamar, o método de Cardano/Tartaglia, resulta nas raizes de um polinômio de
grau 3, sendo elas reais ou
Ribamar, o método de Cardano/Tartaglia, resulta nas raizes de um polinômio de
grau 3, sendo elas reais ou complexas.
- Original Message -
From: J. R. Smolka
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Sent: Thursday, May 15, 2008 10:06 AM
Subject: Re: [obm-l] Polinômios de variável complexa
Smolka, pra facilitar faça w=x+3 que fica w^3 +kw^2 - 4w - 4 = 0.
Use Cardano pra ver que todas as raizes são reais.
Ojesed
- Original Message -
From: J. R. Smolka
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Sent: Tuesday, May 13, 2008 9:56 AM
Subject: Re: [obm-l] Polinômios de variável
f(x)=x^3+3x^2+9x+9
lim(x®+¥)=+¥
lim(x®-¥)=-¥
x=0 f(x)=9
f´(x)=0 3x^2+6x+9=0 D0
fazendo um esboço do grafico veremos que ele tem 1 raiz real
f(x)=x^3-3x^2-6x+2
+¥ ®+¥
-¥ ® -¥
x=0 ® f(x)=2
f´(x)=3x^2-6x-6=0 x=1±√3
f´´(x)=6(x-1) ® f`´´(1+√3)0 , f´´(1-√3)0
1+√3 é ponto de
De:[EMAIL PROTECTED]
Para:obm-l@mat.puc-rio.br
Cópia:
Data:Thu, 1 Mar 2007 12:01:37 -0800 (PST)
Assunto:[obm-l] POLINÔMIOS
Quantas raízes reais têm os polinômios:
a) x^3+3x^2+9x+9
A derivada é 3x^2 + 6x + 9 = 3(x+1)^2 + 6 0, para todo x.
Logo, a função x - x^3 + 3x^2 + 9x + 9 é
f(x) = -1/(1-x) =
-(1+x+x^2+x^3+x^4+x^5+...).
Logo, o polinômio de taylor de
ordem 2 em torno de x=0 é (-x^2-x-1). Ficou faltando um sinal de menos no seu
coeficiente líder.
Abraços,
Marcio
- Original Message -
From:
Tiago Machado
To: obm-l@mat.puc-rio.br
Olá!
Seja z = arccos(x). Vale
cos[(n+1)*z] = cos(n*z)*cos(z) - sen(n*z)*sen(z)
cos[(n-1)*z] = cos(n*z)*cos(z) + sen(n*z)*sen(z)
Portanto,
cos[(n+1)*z] = 2*cos(n*z)*cos(z) - cos[(n-1)*z]
Assim vc arruma uma recorrência
f_(n+1) = 2*f_n*x - f_(n-1) para n1,
onde f_1(x) = x e f_2(x) = 2*x^2 - 1.
On Fri, Jan 23, 2004 at 09:21:35PM -0200, André Martin Timpanaro wrote:
Na verdade a era uma função de n, consegui fazer uma simplificação e percebi
que basta que
x^n - nx +1 - n seja solúvel por radicais (no caso do meu problema e não se
a for um real qualquer)
Ok, agora faz mais sentido
On Thu, Jan 22, 2004 at 07:41:00PM -0200, André Martin Timpanaro wrote:
Se n é um número impar e a é um real qualquer, quando a equação abaixo pode
ser resolvida por radicais?
x^n + a(x+1)=0
Se for possível, quais são as raízes reais dessa equação?
Não entendi pq n ímpar; talvez para garantir que
On Thu, Jan 22, 2004 at 07:41:00PM -0200, André Martin Timpanaro wrote:
Se n é um número impar e a é um real qualquer, quando a equação abaixo pode
ser resolvida por radicais?
x^n + a(x+1)=0
Se for possível, quais são as raízes reais dessa equação?
Não entendi pq n ímpar; talvez para
On Thu, Jul 31, 2003 at 02:28:08AM -0300, Alexandre Daibert wrote:
Este problema é do livro do Iezzi de polinômios. alguém poderia me ajudar??
O Polinômio P(x) é igual ao produto de sua derivada P´(x) por (x - a).
Calcule o grau do polinômio P(x)
obs: favor usar apenas conhecimentos
(MACK-SP) Na equação [(x^3 - x^2 + x - 1)^18] =0 A multiplicidade
da raiz x=1 é :
x^3 - x^2 + x - 1 = x^2*(x-1) + 1*(x-1) = (x^2+1)*(x-1) ==
x = 1 é raiz de multiplicidade 1 de p(x) = x^3 - x^2 + x - 1 ==
x = 1 é raiz de multiplicidade 18 de p(x)^18.
resp: 18 obs: Esta resposta é devido o
(U.E.LONDRINA) Sejam -2 e 3
duas raízes da equação 2x^3 - x^2 + kx +t =0 , onde k, t e R. A terceira raiz é
:
f(-2) = 2*(-2)^3 -(-2)^2 +
k*(-2) + t = 0 == -16 - 4 - 2k + t = 0 == -2k + t =
20
f(3) = 2*3^3 - 3^2 + k*3 + t = 0
== 54 - 9 + 3k + t == 3k + t = -45
Resolvendo o sistema,
(ABC-SP) Uma equação a[n] x^n + a[n-1] x^(n-1) + ...+a[0]=0; a[n]
0, é recíproca se, e somente se, a existência da raiz 1/a.
Esse enunciado tá muito esquisito
resp: 3x^2 + 10x +3= 0 é recíproca
As raízes de 3x^2 + 10x + 3 = 0 são x = -3 e x = -1/3.
Então, talvez a definição seja a
Olá a todos,
Como zero é raiz de P1(x) e P2(x):
P1(x)= ax^2 + bx
P2(x)= cx^2 + dx
Usando a divisão de polinômios:
Sendo = o símbolo de
idêntidade
ax^2 + bx = (x-1)(x+2)Q(x) + (3x+1)
Da definição de identidade:
para x=1, temos: a+ b = 4
para x= -2, temos: 4a -2b= -5
Resolvendo o sistema: a=2 e
(UFPA) O polinômio x^3 - 5x^2 + mx - n é divisível por x^2 - 3x + 6. Entre,os
números m e n são tais que m + n é :
Sendo x³ - 5x² + mx - n divisível por x² - 3x + 6 , então teremos que resto
0(zero)
x³ - 5x² + mx - n | x³ - 5x² + mx - n
-x² + 3x² - 6x x - 2
-2x² + mx - 6x - n
-2x²
Utilizando o método da chave se acha m = 12 e n = 12, portanto a soma seria 24...
e nao creio q eu fiz a divisao errado...
On Tue, Jan 28, 2003 at 02:45:47AM -0200, arakelov wrote:
Olá pessoal,
Vejam a questão:
(UFPA) O polinômio x^3 - 5x^2 + mx -
n é divisível por x^2 - 3x + 6.
Voce deve fazer a
igualdade dos numeradores. Faca o seguinte:
(2x-3)/x(x+1) =
A(x+1)/x(x+1) + (Bx+C).x/x(x+1)
(2x-3)/x(x+1)=(Bx^2 + x(A+C)+
A)/x(x+1)
Entao temos B=0, A+C=2 e
A=-3. Dessa forma, A+B+C=-3+0+5=2.
Esse sera um recurso util
quando voce estiver calculando algumas
(UC- MG) A soma dos valores de A, B e C tal que (2x - 3)/x(x + 1) = A/x +
(Bx + C)/(x + 1) é ?
Tirando o mínimo temos:
2x - 3 = Ax + A + Bx^2 + Cx
Facilmente percebemos que B tem que ser 0.
E como A é a unica incognita sem x, tem que valer -3.
Substituindo os valores temos:
2x - 3 = -3x -3 +
- Original Message -
From: Marcelo Leitner [EMAIL PROTECTED]
To: [EMAIL PROTECTED]
Sent: Saturday, January 04, 2003 12:43 PM
Subject: Re: [obm-l] polinômios
On Sat, Jan 04, 2003 at 12:56:05AM -0500, [EMAIL PROTECTED] wrote:
Olá pessoal,
Se 2x + 5 é identico à (x + m)^2 - (x -
On Sun, Jan 05, 2003 at 02:00:01AM -0200, larryp wrote:
- Original Message -
From: Marcelo Leitner [EMAIL PROTECTED]
To: [EMAIL PROTECTED]
Sent: Saturday, January 04, 2003 12:43 PM
Subject: Re: [obm-l] polinômios
Note que (x+m)^2 - (x-n)^2 eh uma diferenca de quadrados, logo
=
O coeficiente de x^2 do lado esquerdo da equação
deve ser igual ao coeficiente de x^2 do lado direito, ou seja, 4 = 2a +
b.
Fazendo o mesmo com os coeficientes de x, dá k =
-3a -5b.
O termo independente também deve ser igual, então
-8 = -2a +b.
Aí é só resolver o sistema.
- Original
r(x)= ap(x) + bq(x) = 4x^2 + kx - 8= a(2x^2 -
3x - 2, ) + b(x^2 - 5x + 1) =
=
4x^2+kx-8=x^2(2a+b)+x(-3a-5b)+(b-2a)
Pela identidade de polinômios:
2a+b=4 (1)
3a+5b= -k (2)
b-2a=-8 (3)
De (1) e (2) vem que a=3 e b= - 2.Substituindo
estes valores em (2),tiramos k=1.
Portanto: a+b+k=2.
Não.
Veja: P(x)=3x^4 + . e Q(x)= -3x^4
+., P(x) + Q(x) certamente tem grau menor do 4 ou pode se reduzir ao
polinômio
identicamente nulo para o qual não definimos
"grau".
grau( P + Q )= máx{ grau(P) , grau(Q) } , ou P
+ Q é o polinômio identicamente nulo.
Saludos
-
On Mon, Dec 30, 2002 at 01:12:13AM -0500, [EMAIL PROTECTED] wrote:
olá pessoal! Estou com uma dúvida elementar sobre as propriedades operatórias
dos polinômios. Se um polinômio p tem um grau x [gr(x)] e um outro polinômio
q tem grau y [gr(y)]. Podemos afirmar que se somarmos os dois
:59 PM
Subject: [obm-l] Re: [obm-l] Re: [obm-l] Polinômios irredutíveis
Gratíssimo por sua ajuda!
Alguma razão especial lhe fez pensar em x^4 + 1 ?
Abraço,
Eduardo.
From: Cláudio (Prática) [EMAIL PROTECTED]
Caro Eduardo:
Acho que o resultado a seguir pode ajudar:
P(x) = x^4 + 1 é
Gratíssimo por sua ajuda!
Alguma razão especial lhe fez pensar em x^4 + 1 ?
Abraço,
Eduardo.
From: Cláudio (Prática) [EMAIL PROTECTED]
Caro Eduardo:
Acho que o resultado a seguir pode ajudar:
P(x) = x^4 + 1 é irredutível sobre Z mas é redutível sobre Z/(p) para todo
primo p.
Caro Eduardo:
Acho que o resultado a seguir pode ajudar:
P(x) = x^4 + 1 é irredutível sobre Z mas é redutível sobre Z/(p) para todo
primo p.
Demonstração:
As raízes de P(x) são exp( i * (2*k+1) * Pi/4 ) k = 0, 1, 2, 3 e a única
fatoração de P(x) em polinômios com coeficientes reais é (x^2 +
Eu mandei uma pergunta sobre um tópico relacionado a dias atrás. Na
esperança de que alguém me responda, vou responder a sua dúvida.
Você cometeu um pequeno engano, K é o corpo e K[x] é o anel de polinômios
que, em geral, não é um corpo. Basta ver que P(x)=x não é invertível. Se o
corpo K é
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