Essa também:
https://thedailyviz.com/2016/09/17/how-common-is-your-birthday-dailyviz/
On Wed, Nov 9, 2022 at 12:04 PM Claudio Buffara
wrote:
> Achei isso aqui interessante: https://www.panix.com/~murphy/bday.html
>
> []s,
> Claudio.
>
> On Tue, Nov 8, 2022 at 9:56 PM Ralph Costa Teixeira
>
Achei isso aqui interessante: https://www.panix.com/~murphy/bday.html
[]s,
Claudio.
On Tue, Nov 8, 2022 at 9:56 PM Ralph Costa Teixeira
wrote:
> Mis ou menos... O que faltou foi a hipótese exata da distribuição de
> probabilidade dos aniversários.
>
> Se a gente supõe que cada mês tem os
Em ter, 8 de nov de 2022 21:55, Ralph Costa Teixeira
escreveu:
> Mis ou menos... O que faltou foi a hipótese exata da distribuição de
> probabilidade dos aniversários.
>
> Se a gente supõe que cada mês tem os mesmos 1/12 de chance para cada
> aluno, e que os meses são independentes entre si,
Mis ou menos... O que faltou foi a hipótese exata da distribuição de
probabilidade dos aniversários.
Se a gente supõe que cada mês tem os mesmos 1/12 de chance para cada aluno,
e que os meses são independentes entre si, sim, p=12/12^2=1/12~8.3%.
Agora, talvez um modelo um pouco mais
Em sáb., 12 de set. de 2020 às 01:18, Pedro José escreveu:
>
> Boa noite!
> Atrapalhou meu vinho e o filme que estava assistindo mas consegui. Não gostei
> tanto, agora que consegui, é muito trabalhoso.
>
> 2= [3(y+1)(z+1)-1]/2yz
> yz= 3(yz+2) (i)
> z(y-3)= 3y +2 (ii)
> y(z-3)=3z+2 (iii)
>
Boa noite!
Atrapalhou meu vinho e o filme que estava assistindo mas consegui. Não
gostei tanto, agora que consegui, é muito trabalhoso.
2= [3(y+1)(z+1)-1]/2yz
yz= 3(yz+2) (i)
z(y-3)= 3y +2 (ii)
y(z-3)=3z+2 (iii)
(i)*(ii) yz(z-3)(y-3)= 9yz+6(y+z)+4 e Voilá: (z-3)(y-3)=11.
Saudações,
PJMS
Em
Boa noite!
Fui em uma linha parecida com a primeira solução, embora não visse
necessidade de mudança de variáveis.
Mas o b achei sempre por restrição.
Esse "it implies" e aparece um número fatorado, não consegui captar, embora
tenha gostado do recurso, já que é bem restritivo.
Sudações,
PJMS
Em
Boa noite!
Grato, Ralph!
Estou estudando a solução. Pelo menos, não me decepcionei. A resposta
estava correta,
Saudações.
PJMS
Em sex., 11 de set. de 2020 às 22:33, Ralph Costa Teixeira <
ralp...@gmail.com> escreveu:
> Essa eh da IMO 1992. Tem uma solucao aqui:
>
Essa eh da IMO 1992. Tem uma solucao aqui:
http://sms.math.nus.edu.sg/Simo/IMO_Problems/92.pdf
On Fri, Sep 11, 2020 at 10:06 PM Pedro José wrote:
> Bom dia!
>
> Recebi de um filho de um amigo, um problema que já o fizera.
> (a-1)(b-1)(c-1) | abc-1; 1
> Confesso que desta feita gastei mais
Muito obrigado, Matheus!
Vou estudar sobre esse ponto especial!
Em qui., 2 de jul. de 2020 às 19:58, Matheus Bezerra <
matheusbezerr...@gmail.com> escreveu:
> Olá Vanderlei, boa noite. Esse é um fato conhecido, essas retas concorrem
> em um ponto chamado de Ponto de Fermat. Pesquisa por isso que
Olá Vanderlei, boa noite. Esse é um fato conhecido, essas retas concorrem
em um ponto chamado de Ponto de Fermat. Pesquisa por isso que você deve
encontrar alguma prova. ;)
*Matheus BL*
Em qui., 2 de jul. de 2020 às 18:55, Professor Vanderlei Nemitz <
vanderma...@gmail.com> escreveu:
> Oi,
De fato, se vc desenhar com régua e compasso dá pra ver q n é verdade
Em seg, 11 de mai de 2020 20:35, Vanderlei Nemitz
escreveu:
> Boa noite!
> Vi esse problema em uma lista, mas talvez tenha alguma falha no enunciado.
> Ou será no leitor?
> Muito obrigado!
>
> *Seja ABC um triângulo e D um
Boa noite!
Você já formulou esse problema em set/2019 e Daniel Jelin apresentou uma
bela solução.
Saudações,
PJMS
Em ter, 17 de mar de 2020 19:26, escreveu:
> Problema
> Um mágico e seu assistente realizam um truque da maneira seguinte. Existem
> 12 caixas vazias e fechadas, colocadas em fila.
Mudando um pouco a notação...
Ponha: Df(x) = f(x+1) - f(x).
Para todo x em R+, e todo inteiro positivo k, existe (pelo TVM) y_k entre x
e x+1 tal que (Df)^(k)(x) = f^(k)(x+1) - f^(k)(x) = f'^(k+1)(y_k) > 0.
Logo, Df satisfaz a primeira condição do enunciado.
Além disso, como f' é positiva para
Pense um pouco sobre g(x)=f(x+1)-f(x), essa questão é bem tricky, o segredo
é que a g satisfaz as condições da questão, logo, por indução, vale que
g(n) é maior ou igual a dois elevado a n menos um, mas isto implica que o
mesmo vale para f(n+1), completando a indução (tem que pensar bastante para
queremos fazer com que cada umas das 12 caixas indique um conjunto único de
outras 4 caixas (aquelas que o mágico irá abrir) de tal modo que o par de
caixas que contenham as moedas seja uma das 6 combinações dos 4 elementos,
2 a 2, desse conjunto. vamos imaginar as caixas numeradas de 1 a 12.
são
Olá, Claudio!
Olá, Gabriel!
Muito obrigado pela ajuda!
Tudo ficou claro agora!
Abraços
Luiz
On Fri, Aug 30, 2019, 3:15 PM Claudio Buffara
wrote:
> h'(x) = g'(f(x))*f'(x) ==> h'(3) = g'(f(3))*f'(3) = g'(5)*3 = 4*3 = 12.
>
> Imagino que a sua dificuldade esteja em como aplicar a regra da cadeia,
h'(x) = g'(f(x))*f'(x) ==> h'(3) = g'(f(3))*f'(3) = g'(5)*3 = 4*3 = 12.
Imagino que a sua dificuldade esteja em como aplicar a regra da cadeia, que
nos livros de cálculo é normalmente enunciada como:
dy/dx = dy/du * du/dx (*)
sem especificar quem são os argumentos (variáveis independentes)
Ola, boa tarde. Isso é uma simples aplicação da regra da cadeia.
H'(x) = g'(f (x))*f'(x)
H'(3) = g'(f (3))*f'(3) = g (5) * 3 = 9
Em Sex, 30 de ago de 2019 14:16, Luiz Antonio Rodrigues <
rodrigue...@gmail.com> escreveu:
> Olá, pessoal!
> Boa tarde!
> Tudo bem?
> Estou confuso com o problema
Pensando rápido aqui. Dados discos D1 e D2, queremos pontos P1 e P2
tais que toda parábola que passa por P1 e P2 toca pelo menos um dos
discos. (Estou assumindo que P1 e P2 estão proibidos de pertencerem
aos discos, pois caso contrário bastaria escolher Pj em Dj.)
Obviamente, P1 e P2 devem estar
Olá, Pedro!
Seguirei seu conselho: vou conversar com alguém que entenda bastante do
assunto.
Muito obrigado e um abraço!
Luiz
On Sun, Mar 31, 2019, 7:23 PM Pedro José wrote:
> Boa noite!
>
> Mas tem de verificar se é praxe fazer assim ou não. Nos juros compostos,
> você pode trabalhar com
Boa noite!
Mas tem de verificar se é praxe fazer assim ou não. Nos juros compostos,
você pode trabalhar com qualquer referência no tempo e depois levar para
uma mesma que dá a mesma coisa.
Juro simples não. Ma ninguém trabalha com juro simples. Tem que ver uma
pessoa que entenda de financeira.
Olá, Pedro!
Tudo bem?
Concordo com suas observações.
Eu havia chegado no valor calculado no item (1).
Mas eu entendi os cálculos dos itens (2) e (3).
Agora sim eu percebi qual deve ser o raciocínio para resolver o problema!
Muito obrigado pela ajuda!
Um abraço!
Luiz
On Sun, Mar 31, 2019, 1:04 PM
Bom dia!
Primeiramente, nenhuma instituição empresta a juros simples. Segundo,
nenhuma instituição permite que o pagamento fique a vontade do cliente. Há
mora para esse caso.
Não consigo entender a natureza desses problemas.
Não entendo muito de matemática financeira. Mas o cálculo à taxa de
Tentei muito assim, não saiu.
Gabarito consta n - 1 mesmo.
Em ter, 26 de mar de 2019 22:47, Gabriel Lopes
escreveu:
> Para mim o numero de pesagem mínimal é n-1, para n maior ou igual a 3,
> para se obter tanto o maximo quanto o minimo,( faça indução) .Para obter o
> maximo e depois o mínimo
Para mim o numero de pesagem mínimal é n-1, para n maior ou igual a 3,
para se obter tanto o maximo quanto o minimo,( faça indução) .Para obter o
maximo e depois o mínimo separe o o menor na primeira pesagem e prossiga
para obter o maximo n-1 mais n-2 pesagens, acho q é isso
Em Ter, 26 de mar
Sim, nao vi porque que algum resto apareceria mais do que os outros...
Achei que eu conseguiria uma funcao que levasse cada classe de restos numa
outra, mas soh consegui pareamentos. Com os dois paremntos, deu.
On Wed, Jan 23, 2019 at 10:27 AM Mauricio de Araujo <
mauricio.de.ara...@gmail.com>
Bela solução!! mas qual foi o teu insight? Desconfiança de que havia uma
distribuição uniforme dos restos possíveis?
Att.
Em qua, 23 de jan de 2019 às 00:47, Ralph Teixeira
escreveu:
> Hm, tive uma ideia, confiram se funciona.
>
> Seja S o conjunto dos numeros obtidos pela permutacao dos
Hm, tive uma ideia, confiram se funciona.
Seja S o conjunto dos numeros obtidos pela permutacao dos digitos de 1 a 7,
e seja x_i a quantidade de elementos de S que deixam resto i na divisao por
7 (i=0,1,2,3,4,5,6).
Agora vamos fazer dois pareamentos. (Ou seja, vamos criar funcoes f,g:S->S
tal
Como disse anteriormente, o enunciado está com problemas.
Pacini
Em 31/12/2018 23:19, Pacini Bores escreveu:
> Oi Marcelo,
>
> Está me parecendo que fixando o vértice B e variando o vertice C nas
> condições do problema , que o ângulo pedido está variando Pode ser que
> eu esteja
Boa noite!
Na verdade, se B>76 não tem resposta. O ponto E ficaria externo ao lado BC.
Teria que mudar o problema para E pertencente a l(B,C). Mas assim mesmo o
ânfulo CDE não seria constante.
Saudações,
PJMS
Em ter, 1 de jan de 2019 14:13, Pedro José Boa tarde!
> Você tem certeza que o
Boa tarde!
Você tem certeza que o problema é esse.
Se C=84 e B=48, dá 42.
Se C=100 e B= 32, dá 66.
Se B >= 90 não tem resposta.
Saudações,
PJMS
Em seg, 31 de dez de 2018 20:12, Marcelo de Moura Costa Caros colegas, me deparei com um problema que até então não estou
> enxergando uma solução,
Oi Marcelo,
Está me parecendo que fixando o vértice B e variando o vertice C nas
condições do problema , que o ângulo pedido está variando Pode ser
que eu esteja errado, vou verificar!!!
Pacini
Em 31/12/2018 20:03, Marcelo de Moura Costa escreveu:
> Caros colegas, me deparei com um
2018 17:52:58
Assunto: Re: [obm-l] Problema
Tentei um tabuleiro 12x12 e consegui uma configuração que não tem nenhuma
lâmpada ruim. Acho que dá para estender o padrão para um 2017x2017. Mas me
parece que a paridade importa e talvez o caso 2017x2017 tenha um mínimo de uma
lâmpada ru
Tentei um tabuleiro 12x12 e consegui uma configuração que não tem nenhuma
lâmpada ruim. Acho que dá para estender o padrão para um 2017x2017. Mas me
parece que a paridade importa e talvez o caso 2017x2017 tenha um mínimo de
uma lâmpada ruim.
https://i.imgur.com/HhWrZzu.png
Em seg, 26 de nov de
Sem pensar muito no problema, aqui vai uma sugestão: tente com um tabuleiro
menor, 4x4 ou 5x5, pra ver se acha algum padrão.
[]s,
Claudio.
On Mon, Nov 26, 2018 at 9:52 AM wrote:
> Alguém pode me dar uma sugestão para o problema seguinte?
>
> *Problema*
> Há uma lâmpada em cada casa de um
Olá, Pedro!
Tudo bem?
Muito obrigado pela resposta!
Um abraço!
Luiz
On Thu, Nov 22, 2018, 7:13 PM Pedro José Boa noite!
>
> Considerando o modelo equiprovável, já que não há menção ao contrário.
> Resolvi de outra maneira e também deu 13/35.
>
> Caminhos possíveis: PBB, BPB e BBQ ==>
Boa noite!
Considerando o modelo equiprovável, já que não há menção ao contrário.
Resolvi de outra maneira e também deu 13/35.
Caminhos possíveis: PBB, BPB e BBQ ==> 2*(4*3*2)/(7*6*5) + (3*2)/(7*6)=
13/35
P preta, B branca Q qualquer
Menor do que 1/2, o que é esperado, uma vez que há mais bolas
Olá, Ralph!
Bom dia!
Cheguei neste resultado também!
Conclusão: gabarito incorreto!
Muito obrigado pela ajuda!
Um abraço!
Luiz
On Thu, Nov 22, 2018, 1:58 AM Ralph Teixeira Bolas B1,B2,B3,P1,P2,P3,P4.
>
> Ha C(7,3)=35 maneiras igualmente provaveis de retirar 3 bolas
> simultaneamente (ignoro a
Bolas B1,B2,B3,P1,P2,P3,P4.
Ha C(7,3)=35 maneiras igualmente provaveis de retirar 3 bolas
simultaneamente (ignoro a ordem).
Destas, tem C(3,2).C(4,1)+C(3,3).C(4,0) = 12+1=13 maneiras de tirar pelo
menos 2 brancas (12 maneiras de tirar 2 brancas e 1 reta, mais uma de tirar
3 brancas).
Entao eu
Boa tarde!
Equivoquei-me quando deduzi a fórmula da diagonal do quadrilátero.
Considerei x o ângulo BAD e y o ângulo ABC mas coloquei senx/seny = AC/BD,
quando era o inverso.
Na verdade onde AC é AB e vice-versa. Até porque BD é que permanece
constante em qualquer ordem e não AC. BD^2=a^2-ac+c^2.
Boa tarde!
Em tempo, a ordem usada dos vértices foi A, B, C, D, no sentido
trigonométrico. Só variou a nomemclatura da medida dos lados.
Saudações,
PJMS
Em Qui, 15 de nov de 2018 13:03, Pedro José escreveu:
> Boa tarde!
> Não tinha atinado que no segundo caso, o fator (ab+cd) está no numerador
Boa tarde!
Não tinha atinado que no segundo caso, o fator (ab+cd) está no numerador do
valor do quadrado de ambas diagonais.
Realmente serve de qualquer jeito.
(i) a, b, d, c no sentido trigonométrico.
(ad+bc)*(ab+cd) =AC^2*(ac+bd)
(ii) a, d, b, c no mesmo sentido.
(ab+cd)*(ac+bd)=BD^2*(ad+bc)
Em qua, 14 de nov de 2018 16:53, Pedro José Boa tarde!
>
> Porém, me ficou uma dúvida! Como definir a ordem dos lados, os de medidas
> a e c devem ser adjacentes, assim como os de medida b e d.
> Mas como definir se os de a e b ou de a e d são adjacentes???
>
Bem, tecnicamente qualquer um
A ordem segue a,d,b,c no sentido horário devido a relação a^2 -ac + c^2 =
b^2 + bd + d^2
Em qua, 14 de nov de 2018 às 15:53, Pedro José
escreveu:
> Boa tarde!
>
> Porém, me ficou uma dúvida! Como definir a ordem dos lados, os de medidas
> a e c devem ser adjacentes, assim como os de medida b e
Boa tarde!
Porém, me ficou uma dúvida! Como definir a ordem dos lados, os de medidas a
e c devem ser adjacentes, assim como os de medida b e d.
Mas como definir se os de a e b ou de a e d são adjacentes???
Grato,
PJMS
Em ter, 13 de nov de 2018 às 13:44, Pedro José
escreveu:
> Bom dia!
>
>
Bom dia!
Depois da observação do Anderson Torres é que atinei o quanto é bonita a
sua solução se você prosseguir.
Sua preocupação não deve ser em relação ao produto AC*BD, nem com os
valores AC ou BD; mas sim que tanto BD^2, como AC^2 são inteiros.
Falta uma beirinha e a solução indicada pelo
Você quase resolveu! Posso dizer que esta era basicamente a solução
oficial. Tente mais um pouco, que o caminho é esse.
Em 8 de nov de 2018 23:27, "Jeferson Almir"
escreveu:
Pessoal peço ajuda no problema :
Sejam a, b , c , d inteiros e a > b > c > d > 0 .
Suponha que
ac + bd = ( b+ d + a - c
Oi,
acho que você interpretou o enunciado de forma a "evitar os
complexos". O problema original fala de "achar um ponto dentro do
círculo", então talvez não sejam apenas os pontos na circunferência
(como parece que a sua solução faz, ao ordenar todos pelos ângulos
centrais), mas qualquer ponto
Ou olhe aqui: https://mks.mff.cuni.cz/kalva/imo/isoln/isoln016.html
On Fri, Nov 9, 2018 at 12:11 AM Bruno Visnadi
wrote:
> Não entendi. Se a, b, c e d são inteiros, ac e bd certamente são racionais.
>
> Em qui, 8 de nov de 2018 às 22:27, Jeferson Almir <
> jefersonram...@gmail.com> escreveu:
>
Não entendi. Se a, b, c e d são inteiros, ac e bd certamente são racionais.
Em qui, 8 de nov de 2018 às 22:27, Jeferson Almir
escreveu:
> Pessoal peço ajuda no problema :
>
> Sejam a, b , c , d inteiros e a > b > c > d > 0 .
> Suponha que
> ac + bd = ( b+ d + a - c )( b+ d -a + c )
>
> Mostre
Olá, Ralph!
Bom dia!
Muito obrigado pela ajuda!
Agora o problema faz sentido!
Um abraço!
Luiz
On Tue, Nov 6, 2018, 10:45 PM Ralph Teixeira Eles disseram que a expressão eh uma identidade **em x**. Abrindo a
> expressão da direita e organizando, o que foi dado eh que:
>
Eles disseram que a expressão eh uma identidade **em x**. Abrindo a
expressão da direita e organizando, o que foi dado eh que:
sinx+2cosx=(Asiny)sinx+(Acosy)cosx vale para todo x real.
Como A e y sao NUMEROS (nao dependem de x), o unico jeito de isso acontecer
eh se os coeficientes de sinx e cosx
Boa tarde!
Engano P4 e não Pe é o que engloba mais pontos.
E temos que somar 1 a ca engloba, pois esqueci de contar o próprio ponto.
Mas não influencia para o que englobe o máximo.
Saudações,
PJMS
Em seg, 5 de nov de 2018 às 16:41, Pedro José
escreveu:
> Boa tarde!
> Se entendi o que você
Boa tarde!
Se entendi o que você quer, não entendi qual a relação com o mínimo de uma
soma complexa?
Para resolver o problema que você propõe, entendi:
(i) a excursão como a geração de um setor circular, a partir de um ponto
inicial, essa incursão tem dois sentidos, trigonométrico ou
Não entendi a pergunta - o que é uma excursão?
Em sáb, 3 de nov de 2018 às 22:18, Jardiel Cunha
escreveu:
> Olá!
>
>
> Estou trabalhando em um projeto e um problema está me tirando o sono há
> algum tempo. Meu trabalho é na área de engenharia de microondas. A solução
> que eu encontrei até
Em ter, 30 de out de 2018 às 15:41, Luís Lopes escreveu:
>
> Sauda,c~oes,
>
>
> Construir um triângulo dados três quaisquer dos seguintes elementos:
>
>
> A,B,C - ângulos
>
> a,b,c - lados
>
> h_a,h_b,h_c - alturas
>
> m_a,m_b,m_c - medianas
>
> d_a,d_b,d_c - bissetrizes internas
>
> e_a,e_b,e_c
Boa tarde!
Desculpe-me, acabei não prestando atenção no seu questionamento:"*Inclusive,
como está o desenho, são 47 pessoas respondendo "sim", e não 48 como
hipótese inicial. Concordam**?*"
Discordo pois não é uma fila é um círculo e o V76, estará a direita de A1,
então teremos de A1 a A24
Boa tarde!
Não vejo erro na solução do sítio da OBM.
1) Entendi sua referência a início, como o primeiro entrevistado.
2) Realmente, não há nenhuma diferenciação entre se começar com azul ou por
vermelho. Não há restrição para que as respostas "SIM" sejam consecutivas.
Portanto, se você pegar
Boa tarde, Vanderlei
Bom, o que pensei nessa letra é o seguinte:
Temos que encontrar o elemento que ocupa a posição 2017 (no conjunto
crescentemente ordenado dos números que podemos escrever na terra dos Impas).
Para isso, podemos pensar qual o número mínimo de algarismos que esse número
A propriedade de reflexão na elipse é outra consequência interessante da
desigualdade triangular e, mais precisamente, da solução do problema de achar o
caminho mais curto entre os pontos A e B tocando uma reta dada (A e B estando
num mesmo semiplano determinado pela reta).
No fim, o caminho
Em 11 de março de 2018 22:37, Ralph Teixeira escreveu:
> ...e portanto a elipse de focos A e B passando por O tem que ser tangente aa
> elipse de focos C e D passando por O Fica como exercicio pensar o que
> uma coisa tem a ver com a outra.
Heuristicamente, eu chutaria que
...e portanto a elipse de focos A e B passando por O tem que ser tangente
aa elipse de focos C e D passando por O Fica como exercicio pensar o
que uma coisa tem a ver com a outra.
(O que podia ser visto de outras formas, diga-se de passagem, se voce sabe
que a normal a tal elipse eh a
É isso aí!
Uma aplicação simples mas elegante da desigualdade triangular.
E o ponto O não parece ser tão difícil de conjecturar. Afinal, o ponto de
intersecção das diagonais talvez seja o “ponto notável”
mais óbvio de um quadrilátero (certamente é o mais fácil de construir - duas
aplicações da
Seja o quadrilátero ABCD cujas diagonais são AC e BD, e O o ponto de
intersecção das diagonais.
Seja também um ponto P em seu interior e as distâncias PA, PB, PC, PD,
temos por desigualdade triângular
que PA+PC>=AC e PB+PD>=BD. Claramente vemos que o ponto P coincide com o
ponto O quando a soma
OPA! Tem um problema no meu problema!
Em 18 de novembro de 2017 16:48, Anderson Torres
escreveu:
> Em 15 de novembro de 2017 15:01, Otávio Araújo
> escreveu:
>> Alguém poderia me ajudar no problema 2 da segunda fase da obm u desse ano? O
Em 15 de novembro de 2017 15:01, Otávio Araújo
escreveu:
> Alguém poderia me ajudar no problema 2 da segunda fase da obm u desse ano? O
> enunciado é o seguinte:
> "Fixados os inteiros positivos a e b, mostre que o conjunto dos divisores
> primos dos termos da sequencia
Oi, Leonardo (e Ralph)
Resolvi postar meu "rabisco de tentativa de solução" pois acho (e com
certeza Ralph tb) que isso enriquece o aprendizado da gurizada (sorry pelo
gurizada, mas me formei em 1969...).
Fiz o seguinte:
(Supondo numa primeira abordagem que x, y e z fossem >= -1, prá ver onde
On Fri, 15 Sep 2017 at 18:42 Ralph Teixeira wrote:
> Bom, suponho que queremos alguma solucao que nao use tecnicas de Calculo?
>
> Que tal assim: x, y e z sao raizes do polinomio:
>
> t^3-t^2+at-P=0
>
> onde P eh o que voce quer maximizar.
>
> O polinomio f(t)=t^3-t^2+at-P
Bom, suponho que queremos alguma solucao que nao use tecnicas de Calculo?
Que tal assim: x, y e z sao raizes do polinomio:
t^3-t^2+at-P=0
onde P eh o que voce quer maximizar.
O polinomio f(t)=t^3-t^2+at-P sempre tem pelo menos uma raiz real (grau 3).
Quando voce muda P, voce translada o
Oi, Douglas.
Acho que o que você fez é um bom começo.
Vamos adaptar: pense ao invés nos números de 1009 a 2017 (conjunto A).
i) Eles podem todos parear com os números de 1 a 1008?
ii) Então pelo menos um produto usando os elementos de A vai dar NO MÍNIMO
NO MÍNIMO...
iii) Esse número do item
Então Bernardo, eu pensei numa parada mas não tenho certeza , pensei que os
números 997,998,999,...,1994 Não poderiam ocupar as posições de 1 a 1997,
logo pelo menos um deles ocuparia uma posição não inferior a 998, aí pensei
no 997.998=995006.
Em 12 de set de 2017 18:39, "Bernardo Freitas Paulo
Exatamente, aplique a desigualdade do rearranjo
Em 12 de setembro de 2017 19:08, Leonardo Joau
escreveu:
>
> On Tue, 12 Sep 2017 at 18:39 Bernardo Freitas Paulo da Costa <
> bernardo...@gmail.com> wrote:
>
>> 2017-09-12 17:51 GMT-03:00 Douglas Oliveira de Lima
>>
On Tue, 12 Sep 2017 at 18:39 Bernardo Freitas Paulo da Costa <
bernardo...@gmail.com> wrote:
> 2017-09-12 17:51 GMT-03:00 Douglas Oliveira de Lima
> :
> > Considere a sequência de números 1,2,3,4,5,...,2017.
> > E uma certa ordenação deles a1, a2, a3, ..., a2017.
>
2017-09-12 17:51 GMT-03:00 Douglas Oliveira de Lima
:
> Considere a sequência de números 1,2,3,4,5,...,2017.
> E uma certa ordenação deles a1, a2, a3, ..., a2017.
> Agora multiplique respectivamente os números das duas sequencias
> determinando assim uma nova
Bora lá...
Pelo que a galera já demonstrou, o resultado vale se todos os números
da sequência forem racionais. Agora, falta cobrir os irracionais.
Considere
- real eps>0
- inteiro m>0
- inteiros p_1, p_2, ... p_(2n+1)
tais que, para todo i, vale |p_i-mx_i| < eps.
A ideia é que se eps for bem
Obrigado pela ajuda Esdras e Matheus.
Daniel Rocha da Silva
> Em 2 de set de 2017, às 13:23, Esdras Muniz
> escreveu:
>
> Cada vértice pode ter como grau um número de 0 a n-1, porém o 0 e o n-1
> não podem ambos ser graus de vértices, pois se um tem grau n-1
Cada vértice pode ter como grau um número de 0 a n-1, porém o 0 e o n-1 não
podem ambos ser graus de vértices, pois se um tem grau n-1 então ele está
ligado a todos os outros vértices. Então há apenas n-1 possibilidades para
o grau de cada vértice. Pelo pcp há dois vértices com o mesmo grau.
Em 2
Olá Daniel, veja que os graus podem variar de 0 até n - 1. Entretanto, não
é possível ter um vértice com grau 0 e outro com grau n - 1. Desta forma,
em vez de n possibilidades para o grau de cada vértice, há n - 1
possibilidades para o grau de cada vértice. Como há n vértices, pelo
Princípio da
Ah, se voce preferir, pode dividir a tabela por jogador mesmo, assim:
/// A B CD E FG Total
JV 60 60 60 60 45 45 25 355
JP 40 40 40 40 55 55 75 345
Tot 100 100 100 100 100 100 100 700
a) Pr(JV)=355/700
b) Pr(E|JV)=45/355
Abraco, Ralph.
Boa noite,
Encontrei um resultado aproximado
F (21/2017)=F(0,01)=0,054719
Não sei se fiz "besteiras", mas usando a expressão em b
F (x/3) = F(x)/2
x=1 =》F(1/3)=F(1)/2=1/2
x=1/3 =》F(1/9)=F(1/3)/2=1/4
Generalizando
x=1/3^n =》F(1/3^n)=1/2^n
Por outro lado
Para
Aproveitando o problema, quanto seria f (0,1)?
Tenham uma boa noite,
Guilherme
Em 17/07/2017 12:45, "Pedro José" escreveu:
Bom dia!
Seguindo a linha proposta pelo Anderson.
7/3^6 < 21/2017 < 8/3^6 ==> F(21/2017)= F(7/3^6)=F(8/3^6)
F(7/9) = 3/4. F(7/3^6) = F(7/9/3^4)=
Bom dia!
Seguindo a linha proposta pelo Anderson.
7/3^6 < 21/2017 < 8/3^6 ==> F(21/2017)= F(7/3^6)=F(8/3^6)
F(7/9) = 3/4. F(7/3^6) = F(7/9/3^4)= F(7/9)/2^4= 3/2^6= 3/64.
Sds,
PJMS
Em 17 de julho de 2017 10:48, Pedro José escreveu:
> Bom dia!
>
> Há uma restrição para
Bom dia!
Há uma restrição para a função ser crescente. Portanto F(1) é máximo e F(1)
= 1, logo não pode ser 87. tem que ser um valor menor ou igual a 1 e maior
ou igual a zero.
Sds,
PJMS
Em 15 de julho de 2017 20:54, Matheus Herculano <
matheusherculan...@gmail.com> escreveu:
> O resultado é
O resultado é 87
Em 13 de jul de 2017 09:51, "Douglas Oliveira de Lima" <
profdouglaso.del...@gmail.com> escreveu:
> Seja F uma função crescente definida para todo número real x, 0<=x<=1, tal
> que
>
> a) F(0)=0
>
> b) F(x/3)=F(x)/2
>
> c) F(1-x)=1-F(x)
>
> Encontrar F(21/2017).
>
F(1) = 1
F(1/3)=1/2, F(2/3)=1/2 - logo, F(x) = 1/2 se x está em [1/3,2/3]
F(1/9)=1/4, F(2/9)=1/4, F(7/9)=3/4, F(8/9)=3/4 logo, F(x) = 1/4 se x
está em [1/9,2/9] e F(x) = 3/4 se x está em [7/9,8/9]
Acho que a ideia é por aí: ver em que terço-médio cairá o valor 21/2017.
Em 13 de julho de 2017
Uma ideia pode ser tentar aproximar os reais para racionais e usar o
argumento das potências, não?
Em 11 de julho de 2017 18:21, Matheus Secco escreveu:
> Oi Ralph, tava sem tempo de escrever, mas vou aproveitar a deixa porque você
> já fez quase tudo. Acho que dá pra
Oi Ralph, tava sem tempo de escrever, mas vou aproveitar a deixa porque
você já fez quase tudo. Acho que dá pra fazer o caso geral usando que os
reais admitem uma base considerando como um espaço vetorial sobre os
racionais.
Em ter, 11 de jul de 2017 às 18:18, Ralph Teixeira
Ah, melhor ainda: depois que seus números forem inteiros, some uma certa
constante a todos eles de forma que um deles seja 0. Agora divida por 2,
quantas vezes você quiser (eles vão ser sempre todos pares pelo argumento
de paridade anterior!). Então são todos inteiros divisíveis por poências
Bom, eu sei resolver se todos os números forem racionais. Deve ter um jeito
de usar isso para o caso geral...
A propriedade desse conjunto não se altera se todos os elementos do
conjunto forem multiplicados por um mesmo número, nem se a gente somar uma
certa constante a todos eles.
Assim, *SE*
Uma prova por indução me parece o melhor caminho.
O Bernardo já provou para o caso base, basta agora tentar
provar para n+1, assumindo verdadeiro para n. Tentarei resolver
o problema assim que puder.
Abraços, Nowras.
Em 9 de julho de 2017 18:54, Otávio Araújo
Já tentei isso, porém não parece ajudar em muita coisa mas de qualquer
forma obrigado
> Em 9 de jul de 2017, às 18:00, Bernardo Freitas Paulo da Costa
> escreveu:
>
> Não pensei muito, mas acho que você deveria tentar provar os casos n=1
> e n=2 "no braço" para
Não pensei muito, mas acho que você deveria tentar provar os casos n=1
e n=2 "no braço" para ter a intuição. E, na verdade, o enunciado
deveria ser: dados a_1, a_2, ... a_{2n+1} números reais, não
necessariamente distintos, tais que, para cada escolha de 2n dentre
eles, é possível separar em dois
Olá, Francisco!
Eu também pensei nisso, mas vou consultar o site que o Bruno indicou...
Muito obrigado e um abraço!
Luiz
On Jul 8, 2017 9:13 PM, "Francisco Barreto"
wrote:
>
> On Sat, 8 Jul 2017 at 20:21 Otávio Araújo
> wrote:
>
>>
>> O
Olá, Bruno!
Muito obrigado pelo esclarecimento!
Um abraço!
Luiz
On Jul 8, 2017 8:01 PM, "Bruno Visnadi" wrote:
> Tecnicamente não dá para chamar de conjunto, quando há números repetidos.
> O correto seria Multiconjunto: https://pt.wikipedia.org/wiki/Multiconjunto
>
On Sat, 8 Jul 2017 at 20:21 Otávio Araújo wrote:
>
> O enunciado original eu não vi, quem me falou desse problema foi um amigo
> meu. assim me perdoe pelo erro grosseiro. Mas considerando esse A um
> multiconjunto, essa questão é verdadeira ou se tem um contra-exemplo?
On Sat, 8 Jul 2017 at 17:35 Otávio Araújo wrote:
> Galera, queria que alguém pudesse resolver essa questão pra mim ( passei
> muito tempo nela já kkk):
> " Seja n um natural positivo e A um conjunto de 2n+1 números reais, não
> necessariamente distintos, com a
O enunciado original eu não vi, quem me falou desse problema foi um amigo meu.
assim me perdoe pelo erro grosseiro. Mas considerando esse A um multiconjunto,
essa questão é verdadeira ou se tem um contra-exemplo?
> Em 8 de jul de 2017, às 19:47, Bruno Visnadi
>
Tecnicamente não dá para chamar de conjunto, quando há números repetidos. O
correto seria Multiconjunto: https://pt.wikipedia.org/wiki/Multiconjunto
Em 8 de julho de 2017 19:27, Luiz Antonio Rodrigues
escreveu:
> Olá, Otávio!
> Desculpe a intromissão. Eu não sei como
Olá, Otávio!
Desculpe a intromissão. Eu não sei como resolver seu problema, mas quero
aproveitá-lo para colocar uma questão que me atormenta desde a faculdade:
pode existir um conjunto {1,1,1,2,3}? O número 1 não é único?
Um abraço!
Luiz
On Jul 8, 2017 5:35 PM, "Otávio Araújo"
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